连云港市中考化学试题(含答案和解释)

D、因KNO3、NaOH、Na2CO3在溶液中相互交换成分不能生成沉淀、气体、水，能够在溶液中大量共存，故选项正确.

故选D.

点评： 本题考查物质的共存问题，判断物质在溶液中能否共存，主要看溶液中的各物质之间能否发生反应生成沉淀、气体、水.

8.(2012•连云港)下列做法或说法中不合理的是(　　)

A.硬水易生水垢，日常生活中可以用肥皂水区分硬水和软水　　B.人体缺少必需微量元素会得病，因此应尽可能多吃含有这些元素的营养补剂　　C.废旧报纸、废弃铝制品易拉罐和塑料饮料瓶应该放入可回收垃圾箱，以利于资源再利用　　D.将10g98%的浓硫酸沿烧杯壁缓慢地注入盛有90g水的烧杯中，用玻璃棒不断搅拌，即可配得9.8%的稀硫酸

考点： 硬水与软水;一定溶质质量分数的溶液的配制;金属的回收利用及其重要性;人体的元素组成与元素对人体健康的重要作用。

专题： 课本知识同类信息。

分析： A、根据软水和硬水的鉴别方法考虑;B、根据人体对微量元素的摄入量考虑;C、根据垃圾的分类回收考虑;D、根据质量分数的计算方法考虑.

解答： 解：A、用肥皂水可以鉴别硬水和软水，泡沫多的是软水，泡沫少的是硬水，故A合理;

B、微量元素摄入少了会得病，摄入多了也会得病，所以要合理摄入微量元素，不能过多摄入，故B不合理;

C、废旧报纸、废弃铝制品易拉罐和塑料饮料瓶都属于可回收垃圾，能做为制取纸张、金属、塑料的原料，故C合理;

D、10g98%的浓硫酸沿烧杯壁缓慢地注入盛有90g水的烧杯中，溶质的质量分数： ×100%=9.8%.

故选B.

点评： 解答本题关键是要知道硬水和软水的鉴别方法，微量元素的摄入量，质量分数的计算方法，了解常见的回收垃圾种类.

9.(2012•连云港)现有X、Y、Z三种金属，已知：①X和稀硫酸不反应;②Z+HSO4(稀)=ZSO4+H2↑;③X+2YNO3=2Y+X(NO3)2，这三种金属的活动性顺序正确的是(　　)

A.X>Y>Z　　B.Z>X>Y　　C.Y>Z>X　　D.Z>Y>X

考点： 金属活动性顺序及其应用。

分析： 根据金属活动性顺序表的应用来解答此题：在金属活动性顺序表中，氢前边的金属会与稀硫酸、盐酸反应，但氢后边的金属不会与稀硫酸、盐酸反应，排在前边的金属能把排在后边的金属从其盐溶液中置换出来.可以据此解答该题

解答： 解：①X不能和稀硫酸反应，说明X在H后;

②Z能和稀硫酸反应生成氢气，说明Z在氢前;

③X能置换出Y，说明X在Y前;

综合归纳可得Z>X>Y.分析所给选项可以知道选项B是正确的.

故选B.

点评： 解答这类题目时，首先，要熟记和理解金属活动性顺序及其应用，以及与之相关的知识等;然后，根据所给的实验、问题情景或图表信息等，结合所学的相关知识和技能，细致地阅读、分析题意等，联系着生活实际，细心地进行探究、推理，最后，按照题目的要求，认真地进行选择或解答即可.

10.(2012•连云港)下列由事实得出的结论正确的是(　　)

编号 事实 结论

A 某气体不能使带火星木条复燃 该气体一定不含氧气

B 某物质可以导电 该物质一定是金属单质

C 某元素原子的质子数为6 该原子核外电子数也一定为6

D 某物质完全燃烧，生成物只有CO2和H2O 该物质一定由C、H、O三种元素组成

A.A　　B.B　　C.C　　D.D

考点： 常见气体的检验与除杂方法;原子的定义与构成;质量守恒定律及其应用。

分析： A、空气中含有氧气，但空气不能使带火星的木条复燃;

B、酸碱盐的溶液也具有良好的导电性;

C、根据在原子中黑内质子数等于核外电子数进行分析;

D、根据质量守恒定律进行分析.

解答： 解：A、空气中含有氧气，空气不能使带火星的木条复燃，故选项错误;

B、某些溶液也具有良好的导电性，例如氯化钠溶液具有良好的导电性，故选项错误;

C、某元素原子的质子数为6，该原子核外电子数也一定为6，故选项正确;

D、某物质完全燃烧，生成物只有CO2和H2O，由质量守恒定律可知，该物质一定含有C、H元素，可能含有O元素，故选项错误.

故选C.

点评： 解答本题要充分理解各种物质的性质方面的知识，只有这样才能对相关方面的问题做出正确的判断.

11.(2012•连云港)下列图象与对应的叙述相符合的是(　　)

A.等质量的铁片、铝片分别与足量且质量分数相同的稀硫酸反应　　B.向H2SO4和MgSO4的混合溶液中滴加NaOH溶液　　C.向pH=13的氢氧化钠溶液中不断加水稀释　　D.化学反应中，原子总数随时间的变化

考点： 金属的化学性质;碱的化学性质;酸碱溶液的稀释;质量守恒定律及其应用。

专题： 元素化合物知识型。

分析： A、等质量的铁片、铝片分别与足量且质量分数相同的稀硫酸反应金属完全反应等质量的情况下铝生成的氢气比铁要多;铝的金属性比铁强，反应速度快;

B、氢氧化钠与两者都能反应的情况下，在有硫酸的情况下反应生成的沉淀物氢氧化镁不会出现;

C、加水稀释水为中性，碱性减弱PH值减小，无限制接进7但不能等于或小于7

D、根据质量守恒定律反应前后原子的总数不变

解答： 解：A、等质量的铁片、铝片分别与足量且质量分数相同的稀硫酸反应金属完全反应等质量的情况下铝生成的氢气比铁要多;铝的金属性比铁强，反应速度快;而图象中铁反应速度快;故错

B、氢氧化钠与两者都能反应的情况下因反应生成的沉淀物氢氧化镁溶解于酸，故开始时应无沉淀物生成;故错

C、加水稀释水为中性，碱性减弱PH值减小，无限制接进7但不能等于或小于7，而图象小于7;故错

D、根据质量守恒定律反应前后原子的总数不变，应是水平线;故对

故选D

点评： 此题涉及知识面广，与图象结合理解题意，增加思维空间，题的难度较大，因而能考查学生的知识面掌握程度.

12.(2012•连云港)初中化学中几种常见物质之间的相互转化关系如图所示.已知常温下B、C为气体，且B是植物进行光合作用的一种重要原料;D、F均为无色液体，都由两种相同的元素组成，且分子中原子个数比依次为2：1和1：1;E为黑色固体，与稀硫酸反应得到蓝色溶液(部分反应物和生成物及反应条件已略去).下列有关判断正确的是(　　)

A.E转变为B一定是置换反应　　B.A不一定是含CO32﹣或HCO3﹣的盐　　C.D、F中相同元素的化合价一定相同　　D.除去B中混有的少量C，可以将混合气体通过盛有NaOH溶液的洗气瓶

考点： 物质的鉴别、推断。

分析： 根据题干中关于物质的叙述找到一些特征物质，并判断物质的情况，据常温下B、C为气体，且B是植物进行光合作用的一种重要原料，可推知B是二氧化碳，D、F均为无色液体，都由两种相同的元素组成，且分子中原子个数比依次为2：1和1：1，可推知D是H2O，F是H2O2，E为黑色固体，与稀硫酸反应得到蓝色溶液，可推知E是CuO，据此分析判断即可;

解答： 解：据常温下B、C为气体，且B是植物进行光合作用的一种重要原料，可推知B是二氧化碳，D、F均为无色液体，都由两种相同的元素组成，且分子中原子个数比依次为2：1和1：1，可推知D是H2O，F是H2O2，E为黑色固体，与稀硫酸反应得到蓝色溶液，可推知E是CuO;

A、E转变为B即氧化铜转化为二氧化碳，采用一氧化碳对氧化铜进行还原可完成转化，但该反应不是置换反应，故说法正确;

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